檢視类比的原始碼

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| style="background: #FF2400" align= center|  '''<big>类比</big>'''
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'''<big>类比<big>'''就是由两个对象的某些相同或[[相似]]的性质，推断它们在其他性质上也有可能相同或相似的一种[[推理形式]]。类比是一种主观的不充分的似真[[推理]]，因此，要确认其[[猜想]]的正确性，还须经过[[严格]]的[[逻辑论证]]。在台湾省，繁体中文的"类比"有"[[模拟]]量"(Analog)之意。比如游戏手柄的"类比摇杆"、"[[类比电路]]"(模拟量电路)、类比信号([[模拟信号]])等等。

==基本信息==

中文名
类比法 <ref>[https://hanyu.baidu.com/zici/s?query=%E7%B1%BB%E6%AF%94&srcid=28232&wd=%E7%B1%BB%E6%AF%94 类比_词语_成语_百度汉语]</ref>

应用领域
数学 法学
 
内容
[[质料类比]] [[形式类比]] [[综合类比]]

==数学类比==

'''概念综述'''

数学解题与数学发现一样，通常都是在通过类比、归纳等探测性方法进行探测的基础上，获得对有关问题的结论或解决方法的猜想，然后再设法证明或否定猜想，进而达到解决问题的目的.类比、归纳是获得猜想的两个重要的方法.

运用类比法解决问题，其基本过程可用框图表示如下:

可见，运用类比法的关键是寻找一个合适的类比对象.按寻找类比对象的角度不同，类比法常分为以下三个类型.

'''降维类'''

将三维空间的对象降到二维(或一维)空间中的对象，此种类比方法即为降维类比.

【例2】以棱长为1的正四面体的各棱为直径作球，S是所作六个球的交集.证明S中没有一对点的距离大于1。

【分析】考虑平面上的类比命题:"边长为1的正三角形，以各边为直径作圆，S'是所作三个圆的交集"，通过探索S'的类似性质，以寻求本题的论证思路.如图，易知S'包含于以正三角形重心为圆心，以为半径的圆内.因此S'内任意两点的距离不大于1以此方法即可获得解本题的思路。

证明:如图，正四面体 ABCD中，M、N分别为BC、AD的中点，G

为△BCD的中心，MN∩AG=O.显然O是正四面体ABCD的中心.易知OG=·AG=，并且可以推得以O为球心、OG为半径的球内任意两点间的距离不大于，其球O必包含S.现证明如下。

根据对称性，不妨考察空间区域四面体OMCG.设P为四面体OMCG内任一点，且P不在球O内，现证P亦不在S内。

若球O交OC于T点。△TON中，ON=，OT=，cos∠TON=cos(π-∠TOM)=-。由余弦定理:

TN2=ON2+OT2+2ON·OT·=，∴TN=。

又在 Rt△AGD中，N是AD的中点，∴GN=。由GN= NT=， OG=OT， ON=ON，得 △GON≌△TON。∴∠TON=∠GON，且均为钝角.

于是显然在△GOC内，不属于球O的任何点P，均有∠PON>;∠TON，即有PN>TN=，P点在 N为球心，AD为直径的球外，P点不属于区域S.

由此可见，球O包含六个球的交集S，即S中不存在两点，使其距离大于.

'''结构类比'''

某些待解决的问题没有现成的类比物，但可通过观察，凭借结构上的相似性等寻找类比问题，然后可通过适当的代换，将原问题转化为类比问题来解决.

【例3】任给7个实数xk(k=1，2，…，7).证明其中有两个数xi，xj，满足不等式0≤≤·

【分析】若任给7个实数中有某两个相等，结论显然成立.若7个实数互不相等，则难以下手.但仔细观察可发现:与两角差的正切公式在结构上极为相似，故可选后者为类比物，并通过适当的代换将其转化为类比问题.作代换:xk=tanαk(k =l，2，…，7)，证明必存在αi，αj，满足不等式0≤tan(αi-αj)≤·

证明:令xk=tanαk(k =l，2，…，7)，αk∈(-，)，则原命题转化为:证明存在两个实数αi，αj∈(-，)，满足0≤tan(αi-αj)≤·

由抽屉原则知，αk中必有 4个在[0，)中或在(-，0)中，不妨设有4个在[0，)中.注意到tan0=0，tan=，而在[0，)内，tanx是增函数，故只需证明存在αi，αj，使0<;αi-αj <即可。为此将[0，)分成三个小区间:[0，]、(，]、(，)。又由抽屉原则知，4个αk中至少有2个比如αi，αj同属于某一区间，不妨设αi>;αj，则0≤αi-αj ≤，故0≤tan(αi-αj)≤·这样，与相应的xi=tanαi、xj=tanαj，便有0≤≤·

'''简化类比'''

简化类比，就是将原命题类比到比原命题简单的类比命题，通过类比命题解决思路和方法的启发，寻求原命题的解决思路与方法.比如可先将多元问题类比为少元问题，高次问题类比到低次问题，普遍问题类比为特殊问题等.

【例4】已知xi≥0(i=1，2，…，n)，且xl+x2+…+xn=1。

求证:1≤++…+≤.

【分析】我们可先把它类比为一简单的类比题:"已知xl≥0，x2≥0，且xl+x2 =1，求证1≤+≤".本类比题的证明思路为:∵2≤xl+x2=l，∴0≤2≤1，则1≤xl+x2+2≤2，即1≤(+)2≤2，∴1≤+≤.这一证明过程中用到了基本不等式和配方法.这正是要寻找的证明原命题的思路和方法.

证明:由基本不等式有0≤2≤xi+xj，则

0≤2≤(n-1)(xl+x2+…+xn)=n-1

∴1≤xl+x2+…+xn +2≤n，即1≤(++…+)2≤n

∴1≤++…+≤.

所谓归纳，是指通过对特例的分析来引出普遍结论的一种推理形式.它由推理的前提和结论两部分构成:前提是若干已知的个别事实，是个别或特殊的判断、陈述，结论是从前提中通过推理而获得的猜想，是普遍性的陈述、判断.其思维模式是:设Mi(i=1，2，…，n)是要研究对象M的特例或子集，若Mi(i=1，2，…，n)具有性质P，则由此猜想M也可能具有性质P.

如果=M，这时的归纳法称为完全归纳法.由于它穷尽了被研究对象的一切特例，因而结论是正确可靠的.完全归纳法可以作为论证的方法，它又称为枚举归纳法.

如果是M的真子集，这时的归纳法称为不完全归纳法.由于不完全归纳法没有穷尽全部被研究的对象，得出的结论只能算猜想，结论的正确与否有待进一步证明或举反例.

本节主要介绍如何运用不完全归纳法获得猜想，对于完全归纳法，将在以后结合有关内容(如分类法)进行讲解.

【例5】证明:任何面积等于1的凸四边形的周长及两条对角线的长度之和不小于4十.

【分析】四边形的周长和对角线的长度和混在一起令人棘手，我们可以从特例考察起:先考虑面积为1的正方形，其周长恰为4，对角钱之和为2即.其次考察面积为1的菱形，若两对角线长记为l1、l2，那么菱形面积S=l1·l2，知

l1+ l2≥2=2=，菱形周长:l=4≥2=4。

由此，可以猜想:对一般的凸四边形也可将其周长和对角线长度和分开考虑.

【证明】设ABCD为任意一个面积为1的凸四边形，其有关线段及角标如图.则

SABCD= (eg+gf+fh+he)sinα

≤ (e+f)(g+h)≤，

∴e+f+g+h≥2，即对角线长度之和不小于.

∴a+b+c+d≥4，即周长不小于4.

综上所述，结论得证，

==參考來源== 

{{Reflist}} 

[[Category:揭密生活]]